问题

Implement regular expression matching with support for ‘.’ and ‘*’.

思路

这里面最复杂的操作是”*“，这是个很可恶的操作，因为你永远不知道它多长。但是有一点，”*“不会单独出现，它一定是和前面一个字母或”.”配成一对。看成一对后”X*”，它的性质就是：要不匹配0个，要不匹配连续的“X”

题目的关键就是如何把这一对放到适合的位置。

考虑一个特殊的问题：
情况1：
“aaaaaaaaaaaaaaaa”
“aaa“

在不知道后面的情况的时候，我如何匹配a*？

  • 最长匹配
    显然不合适，这样后面的a就无法匹配上了

  • 匹配到和后面长度一样的位置，比如情况1，就是留3个a不匹配，让后面3个字母尝试去匹配。
    这样看似合适，但是遇到情况2就不行了。

  • 回溯，每种”*”的情况我都匹配一次，看哪种情况能成功，如果其中出现了问题，马上回溯，换下一种情况

思路1——回溯

如果“*”不好判断，那我大不了就来个暴力的算法，把“”的所有可能性都测试一遍看是否有满足的，用两个指针i,j来表明当前s和p的字符。
我们采用从后往前匹配，为什么这么匹配，因为如果我们从前往后匹配，每个字符我们都得判断是否后面跟着“”，而且还要考虑越界的问题。但是从后往前没这个问题，一旦遇到“*”，前面必然有个字符。

  • 如果j遇到”*“，我们判断s[i] 和 p[j-1]是否相同，
    • 如果相同我们可以先尝试匹配掉s的这个字符，i—，然后看之后能不能满足条件，满足条件，太棒了！我们就结束了，如果中间出现了一个不满足的情况，马上回溯到不匹配这个字符的状态。
    • 不管相同不相同，都不匹配s的这个字符，j-=2 (跳过“*”前面的字符)
  • 如果j遇到的不是“*”，那么我们就直接看s[i]和p[j]是否相等，不相等就说明错了，返回。
  2.          return myMatch(s,i-1,p,j-1);
  3.     else return false;
  • 再考虑退出的情况
    • 如果j已经<0了说明p已经匹配完了，这时候，如果s匹配完了，说明正确，如果s没匹配完，说明错误。
    • 如果i已经<0了说明s已经匹配完，这时候，s可以没匹配完，只要它还有”*“存在，我们继续执行代码。

所以代码应该是这样的：

DP的话，肯定要用空间换时间了，这里用 monkeyGoCrazy 的思路：用2维布尔数组，dp[i][j]的含义是s[0-i] 与 s[0-j]是否匹配。

  1. p.charAt(j) == s.charAt(i) : dp[i][j] = dp[i-1][j-1]
  2. If p.charAt(j) == ‘.’ : dp[i][j] = dp[i-1][j-1];
  3. If p.charAt(j) == ‘*’: here are two sub conditions:
    1. - if p.charAt(j-1) == s.charAt(i) or p.charAt(i-1) == '.':
    2.                  dp[i][j] = dp[i-1][j]    //in this case, a* counts as multiple a 
    3.                  dp[i][j] = dp[i][j-1]   // in this case, a* counts as single a
    4.                  dp[i][j] = dp[i][j-2]   // in this case, a* counts as empty

这里用的bool数组比较巧妙，初始化为true。前两种情况好理解，如果匹配成功就维持之前的真假值。程序的目的是看真值能不能传递下去。如果遇到三种情况，我们就看哪种情况有真值可以传递，就继续传递下去。

初始化

我用excel自己跑了下代码，画了一下示意图，下面橘黄色表示正常匹配了，蓝色表示“*”匹配空串。可以看出真值是如何传递下去的。

Alt text

例2：”aabc” 和 正则式”a*bc”

Alt text

例3：”aaaa” 和 正则式”a*b*“

Alt text

代码执行

  1. for(int i = 1;i <= n;i++)
  2. {
  3.     for(int j = 1;j <= m;j++)
  4.     {
  5.         //这里j-1才是正常字符串中的字符位置
  6.         //要不*当空，要不就只有当前字符匹配了*之前的字符，才有资格传递dp[i-1][j]真值
  7.         if(p[j-1] == '*')
  8.             dp[i][j] = dp[i][j-2] || (s[i-1] == p[j-2] || p[j-2] == '.') && dp[i-1][j];
  9.         else 
  10.         //只有当前字符完全匹配，才有资格传递dp[i-1][j-1] 真值
  11.             dp[i][j] = (p[j-1] == '.' || s[i-1] == p[j-1]) && dp[i-1][j-1];
  13. }

返回值

  1. class Solution
  2. {
  3. public:
  4.     static const int FRONT=-1;
  5.     bool isMatch(string s, string p)
  6.     {
  7.         int m = s.length(),n = p.length();
  8.         bool dp[m+1][n+1];
  9. //初始化第0行,除了[0][0]全为false，毋庸置疑，因为空串p只能匹配空串，其他都无能匹配
  10.         for (int i = 1; i <= m; i++)
  11.             dp[i][0] = false;
  12. //初始化第0列，只有X*能匹配空串，如果有*，它的真值一定和p[0][j-2]的相同（略过它之前的符号）
  13.         for (int j = 1; j <= n; j++)
  14.             dp[0][j] = j > 1 && '*' == p[j - 1] && dp[0][j - 2];
  16.         for (int i = 1; i <= m; i++)
  18.             for (int j = 1; j <= n; j++)
  19.             {
  20.             //由于表格中是从1开始的，而字符串中是以0开始的，所以i-1和j-1才对应字符串中的字符。
  21.                 if (p[j - 1] == '*')
  22.                 {
  23.                     dp[i][j] = dp[i][j - 2] || (s[i - 1] == p[j - 2] || p[j - 2] == '.') && dp[i - 1][j];
  25.                 }
  26.                 else   //只有当前字符完全匹配，才有资格传递dp[i-1][j-1] 真值
  27.                 {
  28.                     dp[i][j] = (p[j - 1] == '.' || s[i - 1] == p[j - 1]) && dp[i - 1][j - 1];
  30.                 }
  31.             }
  32.         }
  33.         return dp[m][n];
  34. };